Đốt cháy hoàn toàn khi Y cần dân hết 13,44dm3 khi oi, sau khi phản ứng kết thúc thu được 6,72dm3 khi cacbonic và 10,8g hoi Nước (đktc). Hợp chất Y do

0 bình luận về “Đốt cháy hoàn toàn khi Y cần dân hết 13,44dm3 khi oi, sau khi phản ứng kết thúc thu được 6,72dm3 khi cacbonic và 10,8g hoi Nước (đktc). Hợp chất Y do”

1. Vì đốt cháy Y thu được CO2 và H2O nên trong Y phải có C, H và có thể có O

   Số mol O2 = 13,44/22,4 = 0,6 mol

   Số mol CO2 = 6,72/22,4 = 0,3 mol

   Số mol H2O = 10,8/18 = 0,6 mol

   Số mol O(O2)= 2.0,6 = 1,2 mol

   Số mol O(CO2)= 2.0,3 = 0,6 mol

   Số mol O(H2O)= số mol H2O = 0,6 mol

   Số mol O(O2)= Số mol O(CO2) + Số mol O(H2O)

   Vậy trong Y chỉ có C và H

   Khối lượng O2 = 0,6.32 = 19,2 g

   Khối lượng CO2 = 0,3. 44 = 13,2 g

   Theo định luật bảo toàn khối lượng ta có: MY + mO2 = mCO2 + mH2O

   mY = 13,2 + 10,8 – 19,2 = 4,8 g

   MY = 0,5.32 = 16 g/mol

   nY = 4,8/16 = 0,3 mol

   Gọi CTTQ của Y là CxHy ta có sơ đồ

   CxHy + (x + y/4)O2 xCO2 + y/2H2O

   0,3 mol 0,3x mol 0,3y/2 mol

   Ta có số mol CO2 = 0,3x = 0,3 → x = 1

   Ta có số mol H2O = 0,3y/2 = 0,6 → y = 4

   Vậy CTPT của Y là CH4

   Sơ đồ         H

                      |

            H   –  C   – H

                      |

                     H

   Bình luận

2. Đáp án:

    

   Giải thích các bước giải:

   a)Vì sản phẩm cháy của khí Y chỉ gồm CO2và H2O.

   Bảo toàn nguyên tố, ta có thể thấy Y gồm C,H,(O).

   Đặt công thức tổng quát của Y là CxHyOz:

   CxHyOz+(x+ $\frac{y}{4}$ – $\frac{z}{2}$)

   O2−t°−>nCO2=0,3(mol)

   nH2O=0,6(mol)

   Áp dụng  ĐLBTKL vào PTHH trên:

   Ta có: mY+mO2=mCO2+mH2O

   =>mY=13,2+10,8−19,2=4,8(g)

   b)

   MY=0,5.32=16(g/mol)

   nC=0,3(mol)nC=0,3(mol)
   nH=1,2(mol)nH=1,2(mol)

   =>mO=mY−mC−mH=4,8−3,6−1,2=0(g)

   =>CTTQcủa Y: CxHyCxHy

   x:y=0,3:1,2=1:4

   =>CTTNcủa Y: [CH4]n[CH4]n

   MY=0,5.32=16(g/mol)

   =>16n

   =>n=1

   =>CTPTcủa Y: CH4

   Bình luận