Hh X gồm K và Al M gam X +H2O dư –>8,96lit H2 (đktc) Mgam X +KOH dư –>10,04 lít H2 (đktc) Tính M

0 bình luận về “Hh X gồm K và Al M gam X +H2O dư –>8,96lit H2 (đktc) Mgam X +KOH dư –>10,04 lít H2 (đktc) Tính M”

1. TN2 dư KOH thu được nhiều hidro hơn nên TN1 dư Al. 

   Gọi x, y là mol K, Al. 

   – TN1: $n_{H_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4 mol$

   $2K+2H_2O\to 2KOH+H_2$

   $\Rightarrow n_{H_2}=0,5x; $n_{KOH}=x$

   $2Al+2KOH+2H_2O\to 2KAlO_2+3H_2$

   $\Rightarrow n_{H_2}=1,5n_{KOH}=1,5x$

   $\Sigma n_{H_2}=2x=0,4$

   $\Leftrightarrow x=0,2$ 

   – TN2: $n_{H_2}=\dfrac{10,04}{22,4}=0,448 mol$

   $2K+2H_2O\to 2KOH+H_2$

   $2Al+2KOH+2H_2O\to 2KAlO_2+3H_2$

   $\Rightarrow 0,5x+1,5y=0,448$

   $\Rightarrow y=0,232$

   Vậy $m=m_K+m_{Al}=0,2.39+0,232.27=14,064g$

   Bình luận

2. Đáp án:

    

   Giải thích các bước giải:

   Thí nghiệm 1 : $Al$ dư

   $n_{H_2} = \dfrac{8,96}{22,4} = 0,4(mol)$

   Gọi $n_{K} = a(mol)$

   $2K + 2H_2O \to 2KOH + H_2$

   $n_{KOH} = n_K = a(mol)$
   $2Al + 2H_2O + 2KOH \to 2KAlO_2 + 3H_2$
   Suy ra :

   $n_{H_2} = \dfrac{1}{2}n_K + \dfrac{3}{2}n_{KOH} = 0,5a + 1,5a = 0,4(mol)$
   $⇒ a = 0,2$

   Thí nghiệm 2 : $Al$ hết, $KOH$ dư

   $n_{H_2} = \dfrac{10,08}{22,4} = 0,45(mol)$

   $2K + 2H_2O \to 2KOH + H_2$

   $2Al + 2H_2O + 2KOH \to 2KAlO_2 + 3H_2$

   Ta có :

   $n_{H_2} = \dfrac{1}{2}n_K + \dfrac{3}{2}n_{Al}$
   $⇒ n_{Al} = (0,45 – 0,5.0,2).\dfrac{2}{3} = \dfrac{7}{30}(mol)$

   Suy ra :

   $M = 0,2.39 + \dfrac{7}{30}.27 = 14,1(gam)$

    

   Bình luận