Cho A(2;1), B(-3;2), C(-4;3).
a)Tìm tọa độ điểm D sao cho tam giác ABD vuông cân.
b)Tìm tọa độ điểm I là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC
c)Tìm tọa độ điểm E thuộc Ox sao cho AE=BE
Cho A(2;1), B(-3;2), C(-4;3).
a)Tìm tọa độ điểm D sao cho tam giác ABD vuông cân.
b)Tìm tọa độ điểm I là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC
c)Tìm tọa độ điểm E thuộc Ox sao cho AE=BE
Đáp án:
a) \(D\left( {0;4} \right)\) hoặc \(D\left( { – 1; – 1} \right)\).
b) \(I\left( {\dfrac{1}{2};\dfrac{{13}}{2}} \right)\).
c) \(E\left( { – \dfrac{4}{5};0} \right)\).
Giải thích các bước giải:
a) Gọi \(D\left( {x;y} \right)\).
Tam giác ABD vuông cân tại D
\( \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}AD \bot BD\\AD = BD\end{array} \right.\)
Ta có: \(\overrightarrow {AD} = \left( {x – 2;y – 1} \right)\), \(\overrightarrow {BD} = \left( {x + 3;y – 2} \right)\).
\(\begin{array}{l}\overrightarrow {AD} .\overrightarrow {BD} = 0\\ \Leftrightarrow \left( {x – 2} \right)\left( {x + 3} \right) + \left( {y – 1} \right)\left( {y – 2} \right) = 0\\ \Leftrightarrow {x^2} + x – 6 + {y^2} – 3y + 2 = 0\\ \Leftrightarrow {x^2} + {y^2} + x – 3y – 4 = 0\,\,\left( 1 \right)\end{array}\)
\(\begin{array}{l}AD = BD\\ \Leftrightarrow A{D^2} = B{D^2}\\ \Leftrightarrow {\left( {x – 2} \right)^2} + {\left( {y – 1} \right)^2} = {\left( {x + 3} \right)^2} + {\left( {y – 2} \right)^2}\\ \Leftrightarrow {x^2} – 4x + 4 + {y^2} – 2y + 1 = {x^2} + 6x + 9 + {y^2} – 4y + 4\\ \Leftrightarrow – 10x + 2y – 8 = 0\\ \Leftrightarrow – 5x + y – 4 = 0\\ \Leftrightarrow y = 5x + 4\,\,\left( 2 \right)\end{array}\)
Thay (2) vào (1) ta có:
\(\begin{array}{l}{x^2} + {\left( {5x + 4} \right)^2} + x – 3\left( {5x + 4} \right) – 4 = 0\\ \Leftrightarrow {x^2} + 25{x^2} + 40x + 16 + x – 15x – 12 – 4 = 0\\ \Leftrightarrow 26{x^2} + 26x = 0\\ \Leftrightarrow 26x\left( {x + 1} \right) = 0\\ \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = 0 \Rightarrow y = 4\\x = – 1 \Rightarrow y = – 1\end{array} \right.\end{array}\)
Vậy \(D\left( {0;4} \right)\) hoặc \(D\left( { – 1; – 1} \right)\).
b) I là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC suy ra IA = IB = IC.
Gọi \(I\left( {x;y} \right)\).
\(\begin{array}{l} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}I{A^2} = I{B^2}\\I{A^2} = I{C^2}\end{array} \right.\\ \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{\left( {x – 2} \right)^2} + {\left( {y – 1} \right)^2} = {\left( {x + 3} \right)^2} + {\left( {y – 2} \right)^2}\\{\left( {x – 2} \right)^2} + {\left( {y – 1} \right)^2} = {\left( {x + 4} \right)^2} + {\left( {y – 3} \right)^2}\end{array} \right.\\ \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{x^2} – 4x + 4 + {y^2} – 2y + 1 = {x^2} + 6x + 9 + {y^2} – 4y + 4\\{x^2} – 4x + 4 + {y^2} – 2y + 1 = {x^2} + 8x + 16 + {y^2} – 6y + 9\end{array} \right.\\ \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l} – 10x + 2y – 8 = 0\\ – 12x + 4y – 20 = 0\end{array} \right.\\ \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x = \dfrac{1}{2}\\y = \dfrac{{13}}{2}\end{array} \right.\end{array}\)
Vậy \(I\left( {\dfrac{1}{2};\dfrac{{13}}{2}} \right)\).
c) Gọi \(E\left( {x;0} \right) \in Ox\).
\(\begin{array}{l}AE = BE\\ \Leftrightarrow A{E^2} = B{E^2}\\ \Leftrightarrow {\left( {x – 2} \right)^2} + 1 = {\left( {x + 3} \right)^2} + 4\\ \Leftrightarrow {x^2} – 4x + 4 + 1 = {x^2} + 6x + 9 + 4\\ \Leftrightarrow – 10x – 8 = 0\\ \Leftrightarrow x = – \dfrac{4}{5}\end{array}\)
Vậy \(E\left( { – \dfrac{4}{5};0} \right)\).