Cho tam giác ABC vuông tại A, đường cao AH.Gọi (I),(K) lần lượt là tâm đường tròn nội tiếp các tam giác ABH,ACH.Đường thẳng KI cắt AB tại M,AC tại N .C/ m IH/KH=BH/AH
Cho tam giác ABC vuông tại A, đường cao AH.Gọi (I),(K) lần lượt là tâm đường tròn nội tiếp các tam giác ABH,ACH.Đường thẳng KI cắt AB tại M,AC tại N .C/ m IH/KH=BH/AH
Xét ΔIKH và ΔBAH
$\widehat{IHC}=\widehat{BHA}=90^0$
$\widehat{HIK}=\widehat{HBA}$
Vậy ΔIKH ~ ΔBAH (g-g)
`⇒` `\frac{IH}{BH}“=“\frac{KH}{BH}`
`⇒` `\frac{IH}{KH}“=“\frac{BH}{AH}`
Lời giải:
Ta có:
$I$ là tâm đường tròn nội tiếp $\triangle ABH$
$\Rightarrow I$ là giao điểm các đường phân giác $\widehat{ABH}$ và $\widehat{AHB}$
$\Rightarrow \begin{cases}\widehat{IBH} = \widehat{IBA} = \dfrac12\widehat{ABH}\\\widehat{IHA} = \widehat{IHB} = \dfrac12\widehat{AHB} = 45^\circ\end{cases}\qquad (1)$
Tương tự:
$K$ là tâm đường tròn nội tiếp $\triangle ACH$
$\Rightarrow K$ là giao điểm các đường phân giác $\widehat{ACH}$ và $\widehat{AHC}$
$\Rightarrow \begin{cases}\widehat{KCH} = \widehat{KCA} = \dfrac12\widehat{ACH}\\\widehat{KHA} = \widehat{KHC} = \dfrac12\widehat{AHC} = 45^\circ\end{cases}\qquad (2)$
Ta lại có:
$\widehat{ABH} = \widehat{HAC}$ (cùng phụ $\widehat{HAB}$) $\qquad \quad (3)$
Từ $(1)(2)(3)\Rightarrow \begin{cases}\widehat{IBH} = \widehat{KAH}\\\widehat{IHB} = \widehat{KHA}\end{cases}$
Xét $\triangle IBH$ và $\triangle KAH$ có:
$\begin{cases}\widehat{IBH} = \widehat{KAH}\\\widehat{IHB} = \widehat{KHA}\end{cases}\quad (cmt)$
Do đó: $\triangle IBH \backsim\triangle KAH\ (g.g)$
$\Rightarrow \dfrac{IH}{KH} = \dfrac{BH}{AH}$